基本不等式
●考试目标 主词填空
1.若a,b∈R,则a2+b2≥2ab,当且仅当a=b时取等号.
2.设a,b∈R+,则称为a,b的算术平均值;称为a,b的几何平均值.
3.平均值不等式的原形与变形
① ≥ (当且仅当a=b时取等号)为原形.
②变形有:a+b≥;ab≤,当且仅当a=b时取等号.
4.利用平均值不等式求最大最小值,是对“能取等号”而言的.要注意不能取等号的情况.
5.最值定理
如果a,b∈R+,a·b=P(定值),当且仅当a=b时,a+b有最小值;
如果a,b∈R+,且a+b=S(定值),当且仅当a=b时,ab有最大值.
●题型示例 点津归纳
【例1】 设x∈[2,5),求下列函数的最值.
(1)y=(3+2x)·(6-x);
(2)y=(3+2x)·(4-x);
(3)y=4x-9·2x+1+80;
(4)y=.
【解前点津】 (1)因3+2x=12-2x时,x=∈[2,5],故可直接应用平均值不等式;
(2)因3+2x=8-2x时,x=但[2,5]故不能使用平均值不等式;
(3)可分解为y=(2x-8)·(2x-10);
(4)因方程无根,故不能使用平均值不等式,而考虑其“单调性”.
【规范解答】 (1)y=(3+2x)·(6-x)=·(3+2x)·(12-2x)
≤×[(3+2x)+(12-2x)]2= ,当且仅当3+2x=12-2x,即x=时,ymax= ,
又∵x=2时,y=28;x=5时,y=13<28,故函数只有最大值 ,而没有最小值.
(2)因y=(3+2x)·(4-x)=-2x2+5x+12,其对称轴为x=,故函数在[2,5)上单调减;当x=2时,ymax=(3+4)·(4-2)=14,函数没有最小值.
(3)分解因式得:y=(2x-8)·(2x-10)=-(2x-8)·(10-2x)≥-=-1,故ymin=-1,又当x=2时,y=(4-8)·(4-10)=24,当x=5时,y=(32-8)·(32-10)=528.
故当且仅当x=2时,函数有最小值-1,而函数没有最大值(x=5[2,5]].
(4)易证函数在[2,5]上单调增,故当x=2时,ymin=,又因5[2,5],故函数没有最大值.
【解后归纳】 利用平均值不等式求最值时,应考虑诸项条件是否齐备,对两个正数而言:和定→相等时→积最大;积定→相等时→和最小.
在求函数的最值时,若不能使用平均值不等式,则可以考察函数的单调性.
【例2】 一开发商在某处想圈一块周长为L的地皮,这块地皮既可以为长方形,也可以为圆形,欲使其面积最大,应确定为何种图形?何种尺寸?
【解前点津】 设长方形的一边之长为x,则邻边之长为-x,则可先确定x·(-x)的最大值.
【规范解答】 若确定为圆形,则面积为π2=;若确定为长方形,则不妨设其面积为S,一边之长为x,则邻边之长为-x,故S=x·(-x)≤L2.
当且仅当x= -x即x=时取等号.
∵πL2-L2=L2>0,∴应确定为圆形地皮.
【解后归纳】 在一切封闭平面图形中,若周长一定,则只有圆的面积最大.
【例3】 若正数a、b满足ab≥a+b+3,试求a+b的取值范围.
【解前点津】 设a+b=x,利用平均值不等式,可推导出一个关于x的不等式.
【规范解答】 设a+b=x,则x>0,ab≥x+3,又ab≤=,故由不等式的传递性得
≥x+3,解之x≥6,故a+b的取值范围是[6,+∞].
【解后归纳】 求某表达式的取值范围,常可使用“换元法”,从而达到等价转化的目的.
【例4】 已知:x、y、z∈R+,且满足x+y+z=1,求的取值范围.
【解前点津】 不具备用平均值不等式的条件,但是+mx,(m>0),则可用等价变形,构造使用平均值不等式的条件可求范围.
【规范解答】 ∵x+y+z=1,引入参数m>0,∴mx+my+mz=m
=(+mx)+( -m≥2+4 +6 -m=12-m.
当且仅当=mx且=my且=mz,即x=且y=且z=时取等号.
代入x+y+z=1得: ++=1.解之m=36.
∴12-m=12-36=36.
综上所述可知:的取值范围是[36,+∞).
【解后归纳】 为了使用平均值不等式,可引入一个参数,构造一个含有参数的不等式,它能运用平均值不等式,使运算能进行下去,最后,依据相等的条件,可解出参数的值.
●对应训练 分阶提升
一、基础夯实
1.已知x,y∈R,且2x2+y2-4x≤0,则 ( )
A.y2>4x B.y2<4x C.y2≥4x D.y2≤4x
2.已知三个不等式:ab>0,-,bc>ad,以其中两个作条件,余下一个作结论,可以组成正确命题的个数是 ( )
A. 0 B.1 C.2 D.3
3.对于x∈[0,1]的一切值,则a+2b>0是使ax+b>0恒成立的 ( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分又不必要条件
4.某工厂第一年的产量为A,第二年的增长率为a,第三年的增长率为b,这两年的
平均增长率为x,则有 ( )
A.x=(a+b) B.x≤(a+b)
C.x>(a+b) D.x≥ (a+b)
5.若不等式x+2≤a(x+y)对一切正数x,y恒成立,则正数a的最小值为 ( )
A.1 B.2 C. D.2+1
6.建造一个容积为8 m3,深为2 m的长方体无盖水池,如果池底和池壁的造价每平方米分别为180元和80元,那么水池的最低总造价为( )元.
A.1000 B.1500 C.2000 D.2500
7.设x,y是满足2x+y=20的正数,则lgx+lgy的最大值是 ( )
A.50 B.2 C.1+lg5 D.1
8.已知正数a,b满足ab=a+b+5,则ab的取值范围是 ( )
A.[7+,+) B.[7-,+∞)
C.[7+2,+∞) D.[7-2,+∞)
二、思维激活
9.点P(x,y)是直线x+3y-2=0上的动点,则代数式3x+27y的最小值是 .
10.如果|x|≤,则函数f(x)=cos2x+sinx的最大值是 .
11.如果圆柱轴截面的周长L的定值,则圆柱体积的最大值为 .
12.某厂年产值第二年比第一年增长的百分率为P1,第三年比第二年增长的百分率为P2,第四年比第三年增长的百分率为P3,若P1+P2+P3为定值,则年平均增长率的百分率P的最大值为 .
三、能力提高
13.已知2b+ab+a=30(a>0,b>0),求y=的最小值.
14.求函数y=(x>-1)的值域.
15.已知:a>b>0,求的最小值.
16.甲、乙两地相距s千米,汽车从甲地匀速行驶到乙地,速度不得超过c千米/时,已知汽车每小时的运输成本(以元为单位)由可变部分和固定部分组成;可变部分与速度v(千米/时)的平方成正比,比例系数为b;固定部分为a元.
(1)把全程运输成本y(元)表示为速度v(千米/时)的函数,并指出该函数的定义域;
(2)为了使全程运输成本最小,汽车应以多大速度行驶.
第2课 基本不等式习题解答
1.D 因2x2≤4x-y2成立,故必有4x-y2≥0即y2≤4x.
2.D 可逐一检验.
3.B由条件,x=0时,b>0,x=1时,a+b>0a+2b>0.
4.B由(1+x)2=(1+a)(1+b)≤(1+)2.
5.B由条件:2≤(a-1)x+ay恒成立,而(a-1)x+ay≥2,令2=2 ,a(a-1)=2,∴a=2.
6.C设池底的一边长为x m,总造价为y元,则池底的邻边之长为 m,由条件得:y=180·x· +80·2(2x+)=720+320(x+)≥720+320·2·=2000.
7.Clgx+lgy=lgxy=lgx·(20-2x)=lg[2·x·(10-x)]≤lg[2·=lg50=1+lg5.
8.C由ab=a+b+5≥2+5,得( )2-2 ≥5(-1)2≥6ab≥7+2 .
9.3x+27y=32-3y+33y≥2=6,,故最小值为6.
10.f(x)=1-sin2x+sinx=1+sinx(1-sinx)≤1+()2=.
11.因4R+2h=L为定值,故V柱=πR2·h=π·(2R)·(2R)·(2h)·≤·= ·()3=πL3为所求最大值.
12.由题意:(1+P1)·(1+P2)·(1+P3)=(1+x)3,∴(1+x)3≤,
∴x≤(P1+P2+P3),故P的最大值为(P1+P2+P3).
13.∵2b+ab+a=30,∴30≥ab+2·,∴-5 ≤≤3,当且仅当a=2b时,取等号,解方程组得a=6且b=3ymin=.
14.∵x>-1,∴x+1>0,令m=x+1,则m>0且y=≥2+5=9,当且仅当m=2时取等号,故ymin=9.
又当m→∞时,y→∞,故原函数的值域是[9,+∞).
15.∵a>b>0,∴a-b>0,故.
而b·(a-b)=≤=(当且仅当b=a-b即2b=a时取等号).
故b·(a-b)有最大值.
故原式=a2+≥a2+≥2=56.
(当且仅当a2=,2b=a,即a=2时取等号).
故原式的最小值为56.
16.(1)由条件知:汽车从甲地匀速行驶到乙地所用的时间为s/v,全程运输成本为y=a·+bv2· =s(+bv),故所求函数及定义域为:y=s·( +bv),v∈(0,c).
(2)因s、a、b、v都为正数,故有s·(+bv)≥2s·,当且仅当=bv,即v=时取等号.
若≤c,则当v=时,全程运输成本y最小;
若>c,当v∈(0,c]时,有s·(+bv)-s·(+bc)=s·[a+b(v-c)]=·(c-v)·(a-bcv).
因为c-v≥0且a>bc2,故a-bcv>a-bc2>0.
所以s·≥s.
当且仅当v=c时等号成立,也即v=c时,全程运输成本y最小;
综上所述知:为使全程运输成本y最小,当≤c时,行驶速度应为v=;当 >c时,行驶速度应为v=c.
第二篇:高中数学不等式知识点
考纲要求:
③ 会解一元二次不等式,对给定的一元二次不等式,会设计求解的程序框图
(3)二元一次不等式组与简单线性规划问题
线性规划中的几个概念
(1)不等式组①是一组对变量x、y的约束条件。
(2)函数z=2x+y为目标函数。
(3)满足线性约束条件的解(x、y)叫做可行解。
(4)所有可行解组成的集合叫做可行域。
(5)使线性目标函数取得最大或最小值的可行解叫做最优解。
注意:线性规划要注意约束条件是否有等号(即是>还是≥),要答,要在图上标出关键点的坐标,要有阴影。
① 会从实际情境中抽象出二元一次不等式组
② 了解二元一次不等式的几何意义,能用平面区域表示二元一次不等式组
不 等 式 知识要点
1. ⑴平方平均≥算术平均≥几何平均≥调和平均(a、b为正数):
(当a = b时取等)
特别地,(当a = b时,)
求定义域的时候不要写成并集;分子分母同时约去一项前必须先保证约去的一项不为零
数轴穿根法:不等式的解为( )
A.-1<x≤1或x≥2 B.x<-3或1≤x≤2
C.x=4或-3<x≤1或x≥2 D.x=4或x<-3或1≤x≤2
例2.解关于的不等式:
分析:本例主要复习含绝对值不等式的解法,分类讨论的思想。本题的关键不是对参数进行讨论,而是去绝对值时必须对末知数进行讨论,得到两个不等式组,最后对两个不等式组的解集求并集,得出原不等式的解集。
解:当
。
?
例3. 己知三个不等式:① ② ③
(1)若同时满足①、②的值也满足③,求m的取值范围;
(2)若满足的③值至少满足①和②中的一个,求m的取值范围。
分析:本例主要综合复习整式、分式不等式和含绝对值不等的解法,以及数形结合思想,解本题的关键弄清同时满足①、②的值的满足③的充要条件是:③对应的方程的两根分别在和内。不等式和与之对应的方程及函数图象有着密不可分的内在联系,在解决问题的过程中,要适时地联系它们之间的内在关系。
解:记①的解集为A,②的解集为B,③的解集为C。
解①得A=(-1,3);解②得B=
(1) 因同时满足①、②的值也满足③,ABC
设,由的图象可知:方程的小根小于0,大根大于或等于3时,即可满足
(2) 因满足③的值至少满足①和②中的一个,因此小根大于或等于-1,大根小于或等于4,因而
说明:同时满足①②的x值满足③的充要条件是:③对应的方程2x+mx-1=0的两根分别在(-∞,0)和[3,+∞)内,因此有f(0)<0且f(3)≤0,否则不能对A∩B中的所有x值满足条件.不等式和与之对应的方程及图象是有着密不可分的内在联系的,在解决问题的过程中,要适时地联系它们之间的内在关系.
例6.若二次函数y=f(x)的图象经过原点,且1≤f(-1)≤2,3≤f(1)≤4,求f(-2)的范围.
分析:要求f(-2)的取值范围,只需找到含人f(-2)的不等式(组).由于y=f(x)是二次函数,所以应先将f(x)的表达形式写出来.即可求得f(-2)的表达式,然后依题设条件列出含有f(-2)的不等式(组),即可求解.
解:因为y=f(x)的图象经过原点,所以可设y=f(x)=ax2+bx.于是
解法一(利用基本不等式的性质)
不等式组(Ⅰ)变形得
(Ⅰ)所以f(-2)的取值范围是[6,10].
解法二(数形结合)
建立直角坐标系aob,作出不等式组(Ⅰ)所表示的区域,如图6中的阴影部分.因为f(-2)=4a-2b,所以4a-2b-f(-2)=0表示斜率为2的直线系.如图6,当直线4a-2b-f(-2)=0过点A(2,1),B(3,1)时,分别取得f(-2)的最小值6,最大值10.即f(-2)的取值范围是:6≤f(-2)≤10.
解法三(利用方程的思想)
又f(-2)=4a-2b=3f(-1)+f(1),而
1≤f(-1)≤2,3≤f(1)≤4, ①
所以 3≤3f(-1)≤6. ②
①+②得4≤3f(-1)+f(1)≤10,即6≤f(-2)≤10.
说明:(1)在解不等式时,要求作同解变形.要避免出现以下一种错解:
2b,8≤4a≤12,-3≤-2b≤-1,所以 5≤f(-2)≤11.
常见题型:
例1.已知(为常数),,求的最小值.
例2.已知 ,且,求的最小值.
例3.当时,求证:.
例4. 在某两个正数之间插入一个正数,使成等比数列;若另外插入两个正数,使成等差数列,求证:.
大家来挑错!
分析:结合上一系列题目中的(5)-(7)题可知,本题的解答忽略了对基本不等式使用时必须是正数这一点注意事项。
本题的解答在使用基本不等式时没有找到定值条件,只是盲目的套用基本不等式的形式,导致所得结果并不是最小的值。
提醒同学注意:在使用基本不等式求最值为题时,式中的积或和必须是定值。
本题的解答没有注意本身的限制,使得基本不等式的等号无法取得。
提醒同学注意:最值是否存在要考虑基本不等式中的等号是否能取得,在什么情况下取得
(x+y)()≥≥9. (想一想错在何处?)
例4(2007山东卷)函数的图象恒过定点,若点在直线上,其中,则的最小值为_______.
【思路点拨】先用恒过定点这一条件建立一个关系式, 再用均值不等式求最值.
【解析】∵函数的图象恒过定点,
∴,即,,
∴
【点评】本题是用函数、方程作为隐性条件建立等量关系式,利用均值不等式求最值的问题.题目小巧而灵活多变,是立意很好的题目.
含绝对值的不等式解法
(一)主要知识:
1.绝对值的几何意义:是指数轴上点到原点的距离;是指数轴上两点间的距离
2.当时,或,
;
当时,,.
(二)主要方法:
1.解含绝对值的不等式的基本思想是去掉绝对值符号,将其等价转化为一元一次(二次)不等式(组)进行求解;
2.去掉绝对值的主要方法有:
(1)公式法:,或.
(2)定义法:零点分段法;
(3)平方法:不等式两边都是非负时,两边同时平方.
(三)例题分析:
例1.解下列不等式:
(1);(2);(3).
解:(1)原不等式可化为或,∴原不等式解集为.
(2)原不等式可化为,即,∴原不等式解集为.
(3)当时,原不等式可化为,∴,此时;
当时,原不等式可化为,∴,此时;
当时,原不等式可化为,∴,此时.
综上可得:原不等式的解集为.
例2.(1)对任意实数,恒成立,则的取值范围是;
(2)对任意实数,恒成立,则的取值范围是.
解:(1)可由绝对值的几何意义或的图象或者绝对值不等式的性质得,∴;
(2)与(1)同理可得,∴.