选修2-2 第二章 2.3
一、选择题
1.用数学归纳法证明1+++…+<n(n∈N*,n>1)时,第一步应验证不等式( )
A.1+<2 B.1++<2
C.1++<3 D.1+++<3
[答案] B
[解析] ∵n∈N*,n>1,∴n取第一个自然数为2,左端分母最大的项为=,故选B.
2.(2014·秦安县西川中学高二期中)用数学归纳法证明1+a+a2+…+an+1=(n∈N*,a≠1),在验证n=1时,左边所得的项为( )
A.1 B.1+a+a2
C.1+a D.1+a+a2+a3
[答案] B
[解析] 因为当n=1时,an+1=a2,所以此时式子左边=1+a+a2.故应选B.
3.设f(n)=++…+(n∈N*),那么f(n+1)-f(n)等于( )
A. B.
C.+ D.-
[答案] D
[解析] f(n+1)-f(n)=
-=+-
=-.
4.某个命题与自然数n有关,若n=k(k∈N*)时,该命题成立,那么可推得n=k+1时该命题也成立.现在已知当n=5时,该命题不成立,那么可推得( )
A.当n=6时该命题不成立 B.当n=6时该命题成立
C.当n=4时该命题不成立 D.当n=4时该命题成立
[答案] C
[解析] 原命题正确,则逆否命题正确.故应选C.
5.用数学归纳法证明命题“当n是正奇数时,xn+yn能被x+y整除”,在第二步的证明时,正确的证法是( )
A.假设n=k(k∈N*)时命题成立,证明n=k+1时命题也成立
B.假设n=k(k是正奇数)时命题成立,证明n=k+1时命题也成立
C.假设n=k(k是正奇数)时命题成立,证明n=k+2时命题也成立
D.假设n=2k+1(k∈N)时命题成立,证明n=k+1时命题也成立
[答案] C
[解析] ∵n为正奇数,当n=k时,k下面第一个正奇数应为k+2,而非k+1.故应选C.
6.凸n边形有f(n)条对角线,则凸n+1边形对角线的条数f(n+1)为( )
A.f(n)+n+1 B.f(n)+n
C.f(n)+n-1 D.f(n)+n-2
[答案] C
[解析] 增加一个顶点,就增加n+1-3条对角线,另外原来的一边也变成了对角线,故f(n+1)=f(n)+1+n+1-3=f(n)+n-1.故应选C.
二、填空题
7.(2014·湖北重点中学高二期中联考)用数学归纳法证明(n+1)(n+2)…(n+n)=2n·1·3…(2n-1)(n∈N*)时,从“n=k到n=k+1”左边需增乘的代数式为( )
A.2k+1 B.2(2k+1)
C. D.
[答案] B
[解析] n=k时,等式为(k+1)(k+2)…(k+k)=2k·1·3·…·(2k-1),
n=k+1时,等式左边为(k+1+1)(k+1+2)…(k+1+k+1)=(k+2)(k+3)…(2k)·(2k+1)·(2k+2),右边为2k+1·1·3·…·(2k-1)(2k+1).左边需增乘2(2k+1),故选B.
8.已知数列,,,…,,通过计算得S1=,S2=,S3=,由此可猜测Sn=________.
[答案]
[解析] 解法1:通过计算易得答案.
解法2:Sn=+++…+
=+++…+
=1-=.
9.用数学归纳法证明:1-+-+…+-=++…+,第一步应验证的等式是________.
[答案] 1-=
[解析] 当n=1时,等式的左边为1-=,右边=,∴左边=右边.
三、解答题
10.(2013·大庆实验中学高二期中)数列{an}满足Sn=2n-an(n∈N*).
(1)计算a1、a2、a3,并猜想an的通项公式;
(2)用数学归纳法证明(1)中的猜想.
[证明] (1)当n=1时,a1=S1=2-a1,∴a1=1;
当n=2时,a1+a2=S2=2×2-a2,∴a2=;
当n=3时,a1+a2+a3=S3=2×3-a3,∴a3=.
由此猜想an=(n∈N*)
(2)证明:①当n=1时,a1=1结论成立,
②假设n=k(k≥1,且k∈N*)时结论成立,
即ak=,
当n=k+1时,
ak+1=Sk+1-Sk=2(k+1)-ak+1-2k+ak=2+ak-ak+1,∴2ak+1=2+ak
∴ak+1==,
∴当n=k+1时结论成立,于是对于一切的自然数n∈N*,an=成立.
一、选择题
11.用数学归纳法证明1+2+3+…+n2=,则当n=k+1时左端应在n=k的基础上加上( )
A.k2+1 B.(k+1)2
C. D.(k2+1)+(k2+2)+(k2+3)+…+(k+1)2
[答案] D
[解析] n=k时,左边=1+2+3+…+k2,n=k+1时,左边=1+2+3+…+k2+(k2+1)+(k2+2)+…+(k+1)2,故选D.
12.设凸k边形的内角和为f(k),则凸k+1边形的内角和f(k+1)=f(k)+________.( )
A.2π B.π
C. D.
[答案] B
[解析] 将k+1边形A1A2…AkAk+1的顶点A1与Ak相连,则原多边形被分割为k边形A1A2…Ak与三角形A1AkAk+1,其内角和f(k+1)是k边形的内角和f(k)与△A1AkAk+1的内角和π的和,故选B.
13.(2014·揭阳一中高二期中)用数学归纳法证明“n3+(n+1)3+(n+2)3(n∈N*)能被9整除”,要利用归纳假设证n=k+1时的情况,只需展开( )
A.(k+3)3 B.(k+2)3
C.(k+1)3 D.(k+1)3+(k+2)3
[答案] A
[解析] 因为从n=k到n=k+1的过渡,增加了(k+1)3,减少了k3,故利用归纳假设,只需将(k+3)3展开,证明余下的项9k2+27k+27能被9整除.
14.(2014·合肥一六八中高二期中)观察下列各式:已知a+b=1,a2+b2=3,a3+b3=4,a4+b4=7,a5+b5=11,…,则归纳猜测a7+b7=( )
A.26 B.27
C.28 D.29
[答案] D
[解析] 观察发现,1+3=4,3+4=7,4+7=11,7+11=18,11+18=29,∴a7+b7=29.
二、填空题
15.用数学归纳法证明“2n+1≥n2+n+2(n∈N*)”时,第一步的验证为________.
[答案] 当n=1时,左边=4,右边=4,左≥右,不等式成立
[解析] 当n=1时,左≥右,不等式成立,
∵n∈N*,∴第一步的验证为n=1的情形.
16.对任意n∈N*,34n+2+a2n+1都能被14整除,则最小的自然数a=________.
[答案] 5
[解析] 当n=1时,36+a3能被14整除的数为a=3或5,当a=3时且n=3时,310+35不能被14整除,故a=5.
三、解答题
17.在平面内有n条直线,其中每两条直线相交于一点,并且每三条直线都不相交于同一点.
求证:这n条直线将它们所在的平面分成个区域.
[证明] (1)n=2时,两条直线相交把平面分成4个区域,命题成立.
(2)假设当n=k(k≥2)时,k条直线将平面分成块不同的区域,命题成立.
当n=k+1时,设其中的一条直线为l,其余k条直线将平面分成块区域,直线l与其余k条直线相交,得到k个不同的交点,这k个点将l分成k+1段,每段都将它所在的区域分成两部分,故新增区域k+1块.
从而k+1条直线将平面分成+k+1=块区域.
所以n=k+1时命题也成立.
由(1)(2)可知,原命题成立.
18.试比较2n+2与n2的大小(n∈N*),并用数学归纳法证明你的结论.
[分析] 由题目可获取以下主要信息:
①此题选用特殊值来找到2n+2与n2的大小关系;
②利用数学归纳法证明猜想的结论.
解答本题的关键是先利用特殊值猜想.
[解析] 当n=1时,21+2=4>n2=1,
当n=2时,22+2=6>n2=4,
当n=3时,23+2=10>n2=9,
当n=4时,24+2=18>n2=16,
由此可以猜想,
2n+2>n2(n∈N*)成立
下面用数学归纳法证明:
(1)当n=1时,
左边=21+2=4,右边=1,所以左边>右边,
所以原不等式成立.
当n=2时,左边=22+2=6,
右边=22=4,所以左边>右边;
当n=3时,左边=23+2=10,右边=32=9,
所以左边>右边.
(2)假设n=k时(k≥3且k∈N*)时,不等式成立,
即2k+2>k2.那么当n=k+1时,
2k+1+2=2·2k+2=2(2k+2)-2>2·k2-2.
又因:2k2-2-(k+1)2=k2-2k-3
=(k-3)(k+1)≥0,
即2k2-2≥(k+1)2,故2k+1+2>(k+1)2成立.
根据(1)和(2),原不等式对于任何n∈N*都成立.
第二篇:【成才之路】20xx-20xx学年高中数学(人教A版,选修2-3)练习:2.2.3 独立重复试验与二项分布]
选修2-3 第二章 2.2 2.2.3
一、选择题
1.任意抛掷三枚均匀硬币,恰有2枚正面朝上的概率为( ) 3
A.
41
C.
3[答案] B
1
[解析] 2枚朝上的概率为P
21?213?=C232×??28
2.在4次独立重复试验中,事件A发生的概率相同,若事件A至少发生1次的概率为65
A在1次试验中发生的概率为( ) 81
1A.
35C.
6[答案] A
0465[解析] 事件A在一次试验中发生的概率为p,由题意得1-C04p(1-p)=181
3
B
81D.4
2B
53D.4
21
-p=,p=A.
33
3.(2013·河南安阳中学高二期中)若X~B(10,0.8),则P(X=8)等于( )
82A.C810×0.8×0.2
28
B.C810×0.8×0.2
C.0.88×0.22 [答案] A
D.0.82×0.28
k10k8
[解析] ∵X~B(10,0.8),∴P(X=k)=Ck,∴P(X=8)=C80.22,故100.8(1-0.8)100.8·
-
选A.
4
4.某一批花生种子,如果每1那么播下4粒种子恰有2粒发芽的概
5率是( )
16A.
625192C.
625
96B.
625256D.625
[答案] B
?4?2?1?2=96[解析] P=C245???5?625
315,次品率为ξ次首次测到正44
品,则P(ξ=3)=( )
1?23?A.C234× ??4
123C.??4×4
[答案] C
6.在4次独立重复试验中,随机事件A恰好发生1次的概率不大于其恰好发生2次的概率,则事件A在一次试验中发生的概率p的取值范围是( )
A.[0.4,1)
C.[0.6,1)
[答案] A
[解析] 由条件知P(ξ=1)≤P(ξ=2),
3222∴C14p(1-p)≤C4p(1-p), 3?21?B.C234× ??4321D.??4×4 B.(0,0.4] D.(0,0.6]
∴2(1-p)≤3p,∴p≥0.4,又0≤p<1,∴0.4≤p<1.
二、填空题
7.下列例子中随机变量ξ服从二项分布的有________.
①随机变量ξ表示重复抛掷一枚骰子n次中出现点数是3的倍数的次数;
②某射手击中目标的概率为0.9,从开始射击到击中目标所需的射击次数ξ;
③有一批产品共有N件,其中M件为次品,采用有放回抽取方法,ξ表示n次抽取中出现次品的件数(M<N);
④有一批产品共有N件,其中M件为次品,采用不放回抽取方法,ξ表示n次抽取中出现次品的件数.
[答案] ①③
1[解析] 对于①,设事件A为“抛掷一枚骰子出现的点数是3的倍数”,P(A)=.而在3
?1?n次独立重复试验中事件A恰好发生了k次(k=0、1、2、??、n)的概率P(ξ=k)=Ckn×3??
k2?n-k1×?,符合二项分布的定义,即有ξ~B(n,). ?3?3
对于②,ξ的取值是1、2、3、??、P(ξ=k)=0.9×0.1k1(k=1、2、3、??n),显然-
不符合二项分布的定义,因此ξ不服从二项分布.
③和④的区别是:③是“有放回”抽取,而④是“无放回”抽取,显然④中n次试验是
Mn,. 不独立的,因此ξ不服从二项分布,对于③有ξ~B??N故应填①③.
8.一个病人服用某种新药后被治愈的概率为0.9,则服用这种新药的4个病人中至少3人被治愈的概率为________(用数字作答).
[答案] 0.9477
[解析] C30.93·0.1+(0.9)4=0.9477. 4·
19.如果X~B(20,p),当p=P(X=k)取得最大值时,k=________. 2
[答案] 10
1?1?k?1?20-k [解析] 当p=时,P(X=k)=Ck2022????2
120k=?C20,显然当k=10时,P(X=k)取得最大值. ?2·
三、解答题
10.(2014·西安市质检)某学生在上学路上要经过4个路口,假设在各路口是否遇到红灯
1是相互独立的,遇到红灯的概率都是,遇到红灯时停留的时间都是2分钟. 3
(1)求这名学生在上学路上到第三个路口时首次遇到红灯的概率;
(2)求这名学生在上学路上因遇到红灯停留的总时间ξ的分布列.
[解析] (1)设这名学生在上学路上到第三个路口时首次遇到红灯为事件A,因为事件A等于事件“这名学生在第一和第二个路口没有遇到红灯,在第三个路口遇到红灯”,所以事件A的概率为
1114P(A)=(1×(1-)×=. 33327
(2)由题意,可得ξ可以取的值为0、2、4、6、8(单位:分钟),
事件“ξ=2k”等价于事件“该学生在路上遇到k次红灯”(k=0、1、2、3、4),
1k24-k∴P(ξ=2k)=Ck(k=0、1、2、3、4), 4()()33
∴即ξ的分布列是
一、选择题
11.某射手射击1次,击中目标的概率是0.9,他连续射击4次,且各次射击是否击中目标相互之间没有影响.则他恰好击中目标3次的概率为( )
A.0.93×0.1
3C.C34×0.9×0.1 B.0.93 D.1-0.13
[答案] C
[解析] 由独立重复试验公式可知选C.
12.位于坐标原点的一个质点P按下述规则移动:质点每次移动一个单位;移动的方
1向为向上或向右,并且向上、向右移动的概率都是.质点P移动五次后位于点(2,3)的概率是2
( )
1A.5 2
13C.C35( 2
[答案] B
[解析] 由于质点每次移动一个单位,移动的方向向上或向右,移动五次后位于点(2,3),
1312315215所以质点P必须向右移动二次,向上移动三次,故其概率为C3()(=C()=C555(). 2222
13.市场上供应的灯泡中,甲厂产品占70%,乙厂占30%,甲厂产品的合格率为95%,乙厂产品的合格率是80%,则从市场上买到一个是甲厂生产的合格灯泡的概率是( )
A.0.665
C.0.24
[答案] A
[解析] 设A=“从市场上买到一个灯泡是甲厂生产的”,B=“从市场上买到一个灯泡是合格品”,则A、B相互独立,则事件AB=“从市场上买到一个是甲厂生产的合格灯泡”.
∵P(A)=0.7,P(B)=0.95,∴P(AB)=P(A)·P(B)=0.7×0.95=0.665.
二、填空题
514.设随机变量X~B(2,p),Y~B(4,p),若P(X≥1)=P(Y≥2)的值为________. 9
[答案] 11 27B.0.56 D.0.285 15B.C25( 2315D.C25C5() 2
4102[解析] 由条件知,P(X=0)=1-P(X≥1)C02P(1-P),∴P, 93
∴P(Y≥2)=1-P(Y=0)-P(Y=1)
0413=1-C04P(1-P)-C4P(1-P)
163211=1-=. 818127
15.某篮球队员在比赛中每次罚球的命中率相同,且在两次罚球中至多命中一次的概率
16为________. 25
3[答案] 5
169[解析] 设篮球运动员罚球的命中率为P,则由条件得P(ξ=2)=1-, 2525
93∴C2P2=,∴P=. 2·255
三、解答题
16.(2014·乌鲁木齐诊断)某公司招聘员工,先由两位专家面试,若两位专家都同意通过,则视作通过初审予以录用;若这两位专家都未同意通过,则视作未通过初审不予录用;当这两位专家意见不一致时,再由第三位专家进行复审,若能通过复审则予以录用,否则不予录用.设应聘人员获得每位初审专家通过的概率均为0.5,复审能通过的概率为0.3,各专家评审的结果相互独立.
(1)求某应聘人员被录用的概率;
(2)若4人应聘,设X为被录用的人数,试求随机变量X的分布列.
[解析] 设“两位专家都同意通过”为事件A,“只有一位专家同意通过”为事件B,“通过复审”为事件C.
(1)设“某应聘人员被录用”为事件D,则D=A+BC,
1111113∵P(A)=×=,P(B)=2(1-)=,P(C)=, 22422210
2∴P(D)=P(A+BC)=P(A)+P(B)P(C)=. 5
(2)根据题意,X=0,1,2,3,4,
Ai表示“应聘的4人中恰有i人被录用”(i=0,1,2,3,4),
3481∵P(A0)=C0×(=, 45625
233216P(A1)=C1×()= 455625
2232216P(A2)=C2××(=, 455625
23396P(A3)=C3××= 455625
243016P(A4)=C4××(=. 455625
∴X的分布列为
17.(2014·唐山市一模)甲、乙、丙三个车床加工的零件分别为350个,700个,1050个,现用分层抽样的方法随机抽取6个零件进行检验.
(1)从抽取的6个零件中任意取出2个,已知这两个零件都不是甲车床加工的,求至少有一个是乙车床加工的概率;
(2)从抽取的6个零件中任意取出3个,记其中是乙车床加工的件数为X,求X的分布列.
[解析] (1)由抽样方法可知,从甲、乙、丙三个车床抽取的零件数分别为1,2,3.
从抽取的6个零件中任意取出2个,记事件“已知这两个零件都不是甲车床加工的”为A,事件“其中至少有一个是乙车床加工的”为B,则
2C2C25-C3P(A)=P(AB)=, C6C6
P?AB?C5-C3所求概率为P(B|A)==0.7. C5P?A?
(2)X的可能取值为0,1,2.
3iCiCP(X=i)i=0,1,2. C6-22
X的分布列为
18.(2014·成绩大于或等于90分的有参赛资格,90分以下(不包括90分)的被淘汰.若有500人参加测试,学生成绩的频率分布直方图如图.
(1)求获得参赛资格的人数;
(2)根据频率直方图,估算这500名学生测试的平均成绩;
(3)若知识竞赛分初赛和复赛,在初赛中每人最多有5次选题答题的机会,累计答对3题或答错3题即终止,答对3题者方可参加复赛.已知参赛者甲答对每一个问题的概率都相
1同,并且相互之间没有影响.已知他前两次连续答错的概率为ξ9
的分布列.
[解析] (1)由频率分布直方图得,获得参赛资格的人数为500×(0.0050+0.0043+
0.0032)×20=125人.
30+5050+7070+90(2)设500名学生的平均成绩为x,则x=(×0.0065+×0.0140222
90+110110+130130+150×0.0170+0.0050+0.0043+0.0032)×20=78.48分. 222
12(3)设学生甲答对每道题的概率为P(A),则(1-P(A))2=,∴P(A)=. 93
学生甲答题个数ξ的可能值为3,4,5,
211123101213则P(ξ=3)=() 3+3=,P(ξ=4)=C1)()+C()=, 33333333327
12228P(ξ=5)=C2(.所以ξ的分布列为
4()=3327