2011学年闵行区九年级数学抽样测试参考答案及评分说明
一、选择题:(本大题共6题,每题4分,满分24分)
1.C; 2.A; 3.D; 4.B; 5.D; 6.B.
二、填空题:(本大题共12题,每题4分,满分48分)
7.9; 8.
13.2
332; 9.105?10; 15.3410.k<-4; 11.-3; 12.y?x2?4x; 16.?5e; 17.南偏西35°; 18.3 ; 14.120; ;
三、解答题:(本大题共7题,满分78分)
19.解:(1)由题意,得?m
2??2.………………………………………………(2分)
∴m=4.……………………………………………………………………(2分)
(2)此抛物线的表达式为y?x2?4x?3?(x?2)2?1.………………(2分) ∵向右平移5个单位后,所得抛物线的表达式为y?(x?3)2?1,
即y?x2?6x?8.………………………………………………………(2分) ∴它与y轴的交点坐标为(0,8).………………………………………(2分)
20.解:(1)∵CD∶AD=1∶2,
∴CD?1
3CA,得CD?1
3 CA.…………(2分)
M ∵CA?BA?BC?a?b. ………………(2分) ∴CD?1
3(a?b)?1
3a?
1
313(1分) b………………13a?2
3∴BD?BC?CD?b?
(2)AM?1
2(a?b)?b.…………………………(1分) b?a.………………………………(画图正确3分,结论1分)
21.解:(1)作AH⊥BC,垂足为点H.
在Rt△ABH中,∵∠AHB=90°,∠B=60°,AB=6,
∴BH=3,AH?33.……………………………………………(2分,2分) ∴S△ABC=1
2?8?33?123.……………………………………………(1分)
(2)∵BC=8,BH=3,∴CH=5. ……………………………………………(1分)
在Rt△ACH中,∵AH?33,CH=5, ∴AC?2.……………………………………………………………(2分)
∴cosC?CH
AC?5
2?526.…………………………………………(2分)
22.解:设EF=x,则GF=2x.
∵GF∥BC,AH⊥BC,∴AK⊥GF.
∵GF∥BC,∴△AGF∽△ABC.………………………………………(2分) ∴AK
AH?GF
BC.……………………………………………………………(2分)
6?x
6?2x
12∵AH=6,BC=12,∴.………………………………………(2分)
解得x=3.…………………………………………………………………(2分) ∴矩形DEFG的周长为18.……………………………………………(2分)
23.解:(1)过点A作AH⊥PQ,垂足为点H.
∵斜坡AP的坡度为1∶2.4,∴AH
PH?5
12.……………………………(2分)
设AH=5k,则PH=12k,由勾股定理,得AP=13k.
∴13k=26. 解得k=2.∴AH=10.……………………………………(2分) 答:坡顶A到地面PQ的距离为10米.………………………………………(1分)
(2)延长BC交PQ于点D.
∵BC⊥AC,AC∥PQ,∴BD⊥PQ.……………………………………(1分) ∴四边形AHDC是矩形,CD=AH=10,AC=DH.………………………(1分) ∵∠BPD=45°,∴PD=BD. ……………………………………………(1分) 设BC=x,则x+10=24+DH.∴AC=DH=x-14.
在Rt△ABC中,tan76??
解得x?56
3BCAC,即xx?14?4.0.……………………(2分) ,即x?19.…………………………………………………(1分)
答:古塔BC的高度约为19米.…………………………………………(1分)
24.证明:(1)∵BF∥AC,∴AC
BF?CE
BE.………………………………………(2分)
∵BD=CD,BE=DE,∴CE=3BE.………………………………………(2分) ∴AC=3BF.………………………………………………………………(1分)
(2)∵AE?3ED,∴AE
又∵CE=3ED,∴AE
∴ED
AE?AE
CE22?3ED.…………………………………(1分) 2?ED?CE.……………………………………(1分) .……………………………………………………………(1分)
∵∠AED=∠CEA,∴△AED∽△CEA.…………………………………(1分)
∴AD
AC?ED
AE.……………………………………………………………(1分)
AD
AC?BE
AE∵ED=BE,∴.………………………………………………(1分)
∴AD?AE?AC?BE.…………………………………………………(1分)
1?1???b?c,?325.(1)解:由题意,得?………………………………………(1分) 4?2???2b?c.3?
2??b?,解得?3………………………………………………………………(1分) ??c?2.
∴所求二次函数的解析式为y??1
3x2?2
3x?2.……………………(1分)
对称轴为直线x=1.………………………………………………………(1分)
(2)证明:由直线OA的表达式y=-x,得点C的坐标为(1,-1).…………(1分) ∵AB?,BC?,∴AB=BC.…………………………………(1分) 又∵OA?2,OC?2,∴OA=OC.………………………………(1分) ∴∠ABO=∠CBO.………………………………………………………(1分)
(3)解:由直线OB的表达式y=x,得点D的坐标为(1,1).………………(1分)
由直线AB的表达式y?1
3x?4
3,
得直线与x轴的交点E的坐标为(-4,0).………………………………(1分) ∵△POB与△BCD相似,∠ABO=∠CBO,
∴∠BOP=∠BDC或∠BOP=∠BCD.
(i)当∠BOP=∠BDC时,由∠BDC==135°,得∠BOP=135°.
∴点P不但在直线AB上,而且也在x轴上,即点P与点E重合.
∴点P的坐标为(-4,0).…………………………………………………(2分) (ii)当∠BOP=∠BCD时,
由△POB∽△BCD,得
而BO?22,BD?BPBO?BDBC. ,∴BP?2
5. 2,BC?
又∵BE?2,∴PE?8
5.
作PH⊥x轴,垂足为点H,BF⊥x轴,垂足为点F.
∵PH∥BF,∴PH
BF?PE
BE?EH
EF.
而BF=2,EF=6,∴PH?∴OH?4
585,EH?245. .
48∴点P的坐标为(,55).………………………………………………(2分)
45综上所述,点P的坐标为(-4,0)或(
,85).
第二篇:北京市海淀区20xx-20xx学年初三上学期期中考试数学试卷(含答案)
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海淀区九年级第一学期期中练习
数学试卷答案及评分参考 2011.11
说明: 与参考答案不同, 但解答正确相应给分.
一、选择题(本题共32分,每小题4分)
1. B 2. A 3. C 4. C 5. D 6. A 7. B 8. B
二、填空题(本题共16分,每小题4分)
9. a?3 10. (2, -5) 11. 2 12. 17x2 +16x -1=0; (1分) (2n+1)x2 + 2nx -1=0; (1分) x1=-1,x2?1 (2分) 2n?1
三、解答题(本题共30分,每小题5分) 13.解: 原式=23?1?2? …………………………………………4分 =3?1. …………………………………………5分
14.解法一:a=1, b=2, c=-15,
??22?4?1?(?15)?64>0. …………………………………………2分
x??2?64. …………………………………………3分 2?1
∴x1 = 3, x2 = -5. …………………………………………5分 解法二:( x -3 )( x+5 )=0, …………………………………………3分
∴x1 = 3, x2 = -5. …………………………………………5分 解法三:x2+2x=15,
x2+2x+1=15+1. …………………………………………2分 (x+1)2=42. …………………………………………3分 x+1=?4.
∴x1 = 3, x2 = -5. …………………………………………5分 15.解: 原式=6?22?32?2 …………………………………………4分
=4?2. …………………………………………5分
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16.证明:∵ AE=FC,
∴ AE+EF=FC+EF.
即AF=CE. ……………………………1分
在△ABF和△CDE中, BA?AB?CD,? ??A??C,
?AF?CE,?
∴ △ABF≌△CDE. ………………………………………………………4分 ∴ BF=DE. ………………………………………………………………5分
17.解:∵ 关于x的一元二次方程x2-2x+k-3=0有两个不等的实数根,
∴ ??(?2)2?4?1?(k?3)>0. …………………………………………3分 即 16-4k>0. …………………………………………4分
解得 k<4 . …………………………………………5分 ∴ k的取值范围为k<4.
18.解:过点O作OC?AB于C, 连接OA. ………………1分
1∴ AC=AB, OC=3. ……………………………………3分 2
∵ AB= 8,
∴ AC=4.
在Rt△AOC中, 由勾股定理得AO=AC2?OC2?42?32?5(cm).
∴ ⊙O的半径为 5cm. …………………………………………5分
四、解答题(本题共20分, 每小题5分)
19. (1)此问共2分, 未保留作图痕迹扣1分.
(2)此问共3分,只对一种分割扣1分.
参考答案如右图所示.
说明: 其中有一个图保留作图痕迹即可.
20. 解:设共有x名同学参加了聚会. …………………………………………1分
依题意,得 x(x-1)=90. …………………………………………2分 x2?x?90?0.
解得x1=-9, x2=10. …………………………………………3分 x=-9不符合实际意义,舍去. …………………………………………4分 ∴ x=10.
答: 共有10人参加了聚会. …………………………………………5分
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21. 解:(1)证明:连接OD.
∵ AD∥OC,
B∴ ∠BOC=∠OAD, ∠COD =∠ODA. ………………1分
∵ OA=OD,
∴ ∠OAD=∠ODA. E∴ ∠BOC=∠COD. …………………2分
CFD∴ . ……………………………3分
(2)由(1)∠BOC=∠OAD, ∠OAD=∠ODA. ∴ ∠BOC=∠ODA.
∵ ?BOC+?ADF=90?.
∴ ∠ODA +?ADF=90?. …………………………………………4分 即 ∠ODF=90?.
∵ OD是⊙O的半径,
∴ CD是⊙O的切线. …………………………………………5分 22
A
G
D
………………2分 F
B
EC
…………………………………………5分 22
五、解答题(本题共22分,第23题6分、第24题8分,第25题8分) 23.解:(1)结论: CF=CG, OF=OG. ……………1分
(2)法一:过点C作CM ? OA于M, CN? OB于N.
A
∵ OC平分?AOB,
∴ CM=CN, ? ?CMF=?CNG=90?, ? …………2分
?AOC=?BOC. M
F∵ ?AOB=120?,
G
∴ ?AOC=?BOC=60?, B
D?MCN =360?-?AOB-?CMF-?CNO =60?.
E
∴ ?DCE=?AOC =60?.
∴ ?MCN=?FCG. …………………………………………3分 ∴ ?MCN -?FCN =?FCG -?FCN.
即 ?1 =?2. ? …………………………………………4分 由 ??? 得△CMF≌△CNG.
∴ CF=CG. …………………………………………5分
法二:在OB上截取一点H, 使得OH=OC.
P∵ OP平分?AOB, ?AOB=120?, A
∴ ?1=?2=60?, ?DCE=?1=60?..
∵ OH=OC,
∴ △OCH是等边三角形. F1563
∴ CO=CH, ?2=?3 . ? D
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E
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∴ ?1=?3 . ? ……………………3分
∴ ?4+?5=180?.
又 ?5+?6=180?,
∴ ?4=?6. ? …………………………………………4分 由 ??? 得△CFO≌△CGH.
∴ CF=CG. …………………………………………5分
(3) ?DCE=180?- ? . …………………………………………6分
24.(1)∵方程①有两个相等实数根,
?k1??0,??2 ∴? k2???(k?2)?4(1?)?0.1?2?③ ④
由③得k + 2 ?0,
由④得 (k + 2) (k+4) =0.
∵ k + 2?0,
∴ k=-4. …………………………1分 当k=-4时, 方程②为: x2?7x?5?0.
解得 x1? 7?297?29,x2?? …………………………2分 (2)由方程②得 ?2= (2k?1)2?4(2k?3).
法一????2-?1=(2k?1)2?4(2k?3)-(k + 2) (k+4) =3k2+6k+5 =3(k+1)2+2>0.
∴ ?2>?1. …………………………………………………3分 ∵ 方程①、②只有一个有实数根,
∴ ? 2>0>?? 1.
∴ 此时方程①没有实数根. ………………………………4分 由 ???1?(k?2)(k?4)?0,
??2?4k?12k?13?(2k?3)?4?0,22
得 (k + 2) (k+4)<0. ………………………………5分 4k?12(k?4)2?(4k?12)(k?2)2?k?2???? ???. (k?4)2(k?4)2(k?4)2?k?4?
∵ (k + 2) (k+4)<0, ∴ 2?4k?12k?2. ………………………………6分 ??2k?4(k?4)
法二: ∵ ? 2=(2k?1)2?4(2k?3)?4k2?12k?13?(2k?3)2?4>0.
因此无论k为何值时, 方程②总有实数根. …………………………………3分 ∵ 方程①、②只有一个方程有实数根,
∴ 此时方程①没有实数根. …………………………………4分 下同解法一.
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( 3) 法一: ∵ a 是方程①和②的公共根,
∴ (1?)a2?(k?2)a?1?0; a2?(2k?1)a?2k?3?0.
∴ (2?k)a2?2(k?2)a?2, a2?(2k?1)a?2k?3.
(a2?4a?2)k?3a2?5a?(3?k)a2?(4k?5)a?2k
?(2?k)a2?2(k?2)a?a2?(2k?1)a?2k.k2…………………7分
=2+3=5. ……………………………………………8分
法二: ∵ a 是方程①和②的公共根,
∴ (1?)a2?(k?2)a?1?0; ③ a2?(2k?1)a?2k?3?0. ④
∴(③-④)?2得ka2?2(k?1)a?4k?4. ⑤
由④得a2??(2k?1)a?2k?3. ⑥ …………………………7分 将⑤、⑥代入原式,得
原式=ka2?4ak?2k?3a2?5a
=2(k?1)a?4k?4?4ak?2k?3(2k?1)a?6k?9?5a
=5. ……………………………………………8分
25. 解:(1)由OA? OB, ∠OAB=30°, OA=可得AB=2OB.
在Rt△AOB中, 由勾股定理得OB=12,AB=24.
∴ B(0, 12). …………………………………………1分 ∵ OA= ∴ A (k2
x?12. ……………………2分 (2)法一:连接CD, 过F作FM⊥x轴于点M,则CB=∵ ∠OBA=90°-∠A=60°,
∴ △CBD是等边三角形. 1∴ BD=CB=OB=6, ……………………3分 2∠BCD=60°, ∠OCD=120°.
∵ OB是直径,OA? OB, ∴ OA切⊙C于O.
∵ DE切⊙C于D,
∴ ∠COE=∠CDE=90°, ∠OEC=∠DEC.
∴ ∠OED=360° -∠COE-∠CDE -∠OCD = 60°.
∴ ∠OEC=∠DEC=30°.
∴ CE=2 CO=12. 可得直线AB的解析式为y?13
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∴ 在Rt△COE中, 由勾股定理 ……………………4分 ∵ BG?EC于F,
∴ ∠GFE=90°.
∵ ∠GBO +∠BGO=∠OEC +∠BGO ,
∴ ∠GBO=∠OEC =30°.
故可得FC=
FM=1BC=3, EF=FC+CE=15, 2115EF=………………………………………5分 22
? ∴ MO∴ F(15,). 分 2
法二:连接OD, 过D作DH? OB于H. ∵ OB是直径,
∴ ∠BDO=90°. ∵∠BOD +∠DOA=∠A +∠DOA, ∴ ∠BOD=∠A =30°.
由(1)OB=12, 1∴ BD?OB?6.分 2
在Rt△DOB中, 由勾股定理得 OD=
在Rt△DOH中, 由勾股定理得 HD=33, OH=9.
∴ D(3, 9).
可得直线 OD的解析式为 y?3x.
由BG//DO, B(0, 12),
可得直线BG的解析式为 y?12.
∵ OB是直径,OA? OB,
∴ OA切⊙C于O.
∵ DE切⊙C于D,
∴ EO=ED.
∵ ∠DOE=∠BOA -∠BOD =60°,
∴ △ODE是等边三角形.
∴ OE?OD?E0).
∴ EA=OA- OE=∵ OC=CB=6, OE=EA=
14
……………………………………4分
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∴ C(0, 6), CE//BA.
∴ 直线CE的解析式为 y??6. ………………………………………5分 ??x???6,?y??由 ? 解得? ?y??12?y?15.???2
∴ F(15,). ……………………………………………………6分 2
(3)设点Q移动的速度为vcm/s .
(ⅰ)当点P运动到AB中点,点Q运动到AO中点时,
PQ∥BC,且PQ=BC,此时四边形CBPQ为平行四边形, 点Q与点E重合.
AP可得AP?12,t??3. 4
∴v?AE??cm/s). ………………………………………7分 t(ⅱ) 当点P运动到BG中点,点Q运动到OGPQ∥BC,PQ=BC, 此时四边形CBPQ可得OGBG= 从而PB=,OQ=∴ t?AB?BP??6? 4AQ??∴ v?cm/s). (t∴ 点Q的速度为cm/s cm/s.
15